Блог

Я хотел бы иметь признак типа flatten_tuple_t , который может создавать сглаженный тип кортежа из произвольно вложенного. Следующий фрагмент кода иллюстрирует, что ожидается от flatten_tuple_t .

 template <typename T>
struct flatten_tuple {
  using type = T;
};
// The real implementation goes here
// ...
// ...
template <typename T>
using flatten_tuple_t = typename flatten_tuple<T>::type;

// Dummy classes
struct C1 {};
struct C2 {};
struct C3 {};
struct C4 {};
struct C5 {};
struct C6 {};

int main(int argc, char* argv[]) {
  static_assert(
      std::is_same_v<flatten_tuple_t<std::tuple<C6, C5, std::tuple<C4, std::tuple<C3>, C2>, C1>>,
                     std::tuple<C6, C5, C4, C3, C2, C1>>);

  static_assert(std::is_same_v<flatten_tuple_t<std::tuple<std::tuple<std::tuple<C3>, C2>, C1>>,
                               std::tuple<C3, C2, C1>>);
}


 

Вы можете std::tuple_cat() сделать тяжелую работу за себя.

Единственная сложность заключается в том, чтобы обернуть базовые типы в a std::tuple<> . Но поскольку нам нужно использовать частичную специализацию для извлечения типов, мы можем просто использовать базовый шаблон для этого вместо того, чтобы оставлять его неопределенным.

 template <typename T>
struct flatten_tuple {
    using type = std::tuple<T>;
};

template <typename T>
using flatten_tuple_t = typename flatten_tuple<T>::type;

template <typename... Ts>
struct flatten_tuple<std::tuple<Ts...>> {
    using type = decltype(
        std::tuple_cat(std::declval<flatten_tuple_t<Ts>>()...)
    );
};
 

Если using type = T; в базовом случае это абсолютно необходимо, то переименование структуры flatten_tuple_helper и делегирование ей полномочий довольно тривиально.