#mysql #sql #phpmyadmin
#mysql #sql #phpmyadmin
Вопрос:
Я пытаюсь создать SQL-запрос с чрезвычайно подстановочным кодом, чтобы найти определенный URL-адрес на нескольких сайтах (через phpMyAdmin) и заменить их.
Я начал со следующего, однако, по-видимому, это недопустимый SQL-запрос:
SELECT * FROM *.* WHERE * LIKE '%https://website.com/er01%'
По сути, я пытаюсь просмотреть каждую отдельную базу данных, каждую отдельную таблицу, каждый отдельный столбец. После того, как я проверил их, я хочу создать запрос для замены URL-адреса новым (URL-адрес должен быть заменен в середине значения, поскольку они обычно находятся в содержимом страницы)
Я новичок в SQL, поэтому, вероятно, это что-то очевидное, но я не могу найти способ делать то, что я хочу, где угодно в Интернете.
Ответ №1:
Вам нужно запустить
show databases;
Для каждой базы данных выполните
show tables;
Для каждой таблицы выполните
desc <tablename>
И для каждого столбца выполните
select * from databasename.tablename where columnname like '%https://website.com/er01%';
Если для этого слишком много возможностей, рассмотрите возможность генерации запросов.
И если вам нужны все результаты, подумайте о том, чтобы объединить их.