Блог

Я извлекаю значение из Mysql в выпадающем списке. Таблица должна быть заполнена на основе пользовательского выбора. Но что бы я ни выбирал в выпадающем списке, оно не отправляется на сервер.

Пожалуйста, найдите приведенный ниже код:

Извлеките значение из выпадающего списка

 <?php 
                    $result = mysqli_query($con, "SELECT name FROM restaurants;");
                    echo "<select name='sub1' id='resdropdown' onchange = 'showMenu(this.value)'>";
                    while ($row = mysqli_fetch_array($result)){
                        echo "<option value='" . $row['name'] ."'>" . $row['name'] . "</option>";
                    }
                    echo "</select>";
    ?>
  

Скрипт для отправки значения на сервер

 function showMenu(str) {
     /* var x = document.getElementById('resdropdown');
        str = x.value;
        alert(str);  */
        var ajax = new XMLHttpRequest();
        var method = "GET";

        var asynchronous = true;
        var data = str;

        ajax.open(method, "test.php?q=" data, asynchronous);

        //sending ajax request
        ajax.send();


        ajax.onreadystatechange = function() {
            if (this.readyState == 4 amp;amp; this.status == 200) {
                document.getElementById("testajaxid").innerHTML = this.responseText;
                alert(str);
            }
        };

    } 
  

Получить ответ от сервера

         $q = $_GET['data'];

        $result = mysqli_query($con, "SELECT * FROM items where  id = '".$q."'");


        while($row = mysqli_fetch_array($result))
        {
            echo '<tr><td>'.$row["name"].'</td><td>'.$row["price"].'</td>';                      
            echo '<td><div class="input-field col s12"><label for='.$row["id"].' class="">Quantity</label>';
            echo '<input id="'.$row["id"].'" name="'.$row['id'].'" type="text" data-error=".errorTxt'.$row["id"].'"><div class="errorTxt'.$row["id"].'"></div></td></tr>';
        }
  

Ваша переменная $_GET должна быть $_GET['q'] вместо $_GET['data'] , потому что вы установили URL на test.php?q=data .

Кроме того, вы не должны помещать необработанные данные, предоставленные пользователем, в SQL-запросы, используйте вместо этого подготовленную инструкцию из-за риска внедрения SQL.